编写一个程序，找到两个单链表相交的起始节点。
如下面的两个链表：
在节点 c1 开始相交。
示例 1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3输出：Reference of the node with value = 8输入解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
示例 2：
输入：intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1输出：Reference of the node with value = 2输入解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [0,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
示例 3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2输出：null输入解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。 解释：这两个链表不相交，因此返回 null。
注意：
如果两个链表没有交点，返回 null.在返回结果后，两个链表仍须保持原有的结构。可假定整个链表结构中没有循环。程序尽量满足 O(n) 时间复杂度，且仅用 O(1) 内存。来源：力扣（LeetCode） 链接：https://leetcode-cn.com/problems/intersection-of-two-linked-lists
——题目难度:简单
暴力解法
class Solution { public: ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) { for(ListNode *cur_a = headA; cur_a != NULL; cur_a = cur_a->next) { for(ListNode *cur_b = headB; cur_b != NULL; cur_b = cur_b->next) { if (cur_a == cur_b) return cur_a; } } return NULL; } };哈希表法
class Solution { public: ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) { unordered_set<ListNode*> set; ListNode* cur_a = headA; while (cur_a) { set.insert(cur_a); cur_a = cur_a->next; } ListNode* cur_b = headB; while (cur_b) { if (set.find(cur_b) != set.end()) { //找到了 return cur_b; } cur_b = cur_b->next; } return NULL; } };双指针解法 可以看看动画原理展示
class Solution { public: ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) { if (headA == NULL || headB == NULL) return NULL; ListNode* cur_a = headA; ListNode* cur_b = headB; while (cur_a != cur_b) { cur_a = (cur_a ? cur_a->next : headB); cur_b = (cur_b ? cur_b->next : headA); } return cur_a; } };
